выбор жанра книги

[Andkorol]

Что у вас находится в переменной $sql?
Там должна находиться именно сама строка запроса – "SELECT * FROM ..." и т.д.
Судя по тексту ошибки – у вас там не строка запроса, а результат запроса, ресурс.
Если бы вы показывали больше кода – ошибки можно было бы исправлять гораздо быстрее.
Ну и думать что делаешь, конечно, тоже нужно – а не писать код наугад, «методом тыка».

[Наталья Баева]

PHP код:

$sql = mysql_query("SELECT * FROM `книги` JOIN товар ON книги.Код=товар.Книги"); 


вот результат

[Наталья Баева]

если убрать эту строку то он одну ошибку убирает но по жанрам так и не выводит

$result = mysql_query($sql);

[Наталья Баева]

может все полететь из-за того что в этой строке

$sql .= " WHERE `genre_id` = ".intval($_GET['genre_id']);

слово intval не распознается?

[Andkorol]

Сообщение от Наталья Баева

PHP код:

$sql = mysql_query("SELECT * FROM `книги` JOIN товар ON книги.Код=товар.Книги"); 


Здесь всё правильно.
Но дальше вы же глупости пишете в коде:

Сообщение от Наталья Баева

теперь ругается на эти строки

$result = mysql_query($sql);
			while($row=mysql_fetch_array($sql))

Зачем еще раз выполнять запрос?
Должно быть так:

PHP код:

$sql = mysql_query("SELECT * FROM `книги` JOIN товар ON книги.Код=товар.Книги");
while($row = mysql_fetch_array($sql))
{
    // обработка результатов запроса
} 


[Наталья Баева]

Сообщение от Andkorol

Должно быть так:

PHP код:

$sql = mysql_query("SELECT * FROM `книги` JOIN товар ON книги.Код=товар.Книги");
while($row = mysql_fetch_array($sql))
{
    // обработка результатов запроса
} 


ну мне надо еще жанры выводить без них у меня и так все прекрасно работает а вот с определением жанров проблемы возникают

[Andkorol]

Сообщение от Наталья Баева

ну мне надо еще жанры выводить без них у меня и так все прекрасно работает а вот с определением жанров проблемы возникают

Я уже написал ранее, как нужно сделать:

Сообщение от Andkorol

PHP код:

$sql = "SELECT * FROM `books`"; // выбираем все книги
if(!empty($_GET['genre_id'])){
    // если в URL есть ID жанра (?genre_id=1)
    // добавляем условие, и выбираем книги только указанного жанра
    $sql .= " WHERE `genre_id` = " . intval($_GET['genre_id']);
}
$result = mysql_query($sql);
// далее – обработка результатов запроса ... 


Вы же вместо того, чтобы просто подставить в запрос ваши параметры – начинаете писать в коде всякие глупости.
Замените запрос в этом примере на тот, который соответствует вашим таблицам и названиям полей в них.
Условие WHERE для жанров тоже измените соответственно полям в ваших таблицах.

[Наталья Баева]

вот так:

PHP код:

 <?php
            $sql = mysql_query("SELECT * FROM `книги` JOIN товар ON книги.Код=товар.Книги");
            if(!empty($_GET['genre_id']))
            {
                $sql .= " WHERE `Код_жанра` = ".intval($_GET['genre_id']);
            }
            while($row=mysql_fetch_array($sql))
            {
            echo "<tr>
                    <td rowspan='3'>","<img src=".$row['Картинка']."width='150' height='200'>","</td>
                    <td>","<a href='o_book.php'>{$row['Название']}</a>","<br><br>","</td>
                    <td>","цена ",$row['Цена']," руб.","</td>
                </tr>
                <tr>
                    <td rowspan='2'>",$row['Аннтотация'],"<br><br><br><br>","</td>
                    <td>","на складе ",$row['Количество']," шт.","</td>
                </tr>
                <tr>
                    <td>","<input type='submit' name='kup' value='Купить'>","</td>
                </tr>";
            }
                ?>

[Andkorol]

Сообщение от Наталья Баева

вот так:

Вы правда разницы с моим примером не видите..?

PHP код:

$sql = "SELECT * FROM `книги` JOIN товар ON книги.Код=товар.Книги";

if(!empty($_GET['genre_id'])) 
{ 
    $sql .= " WHERE `Код_жанра` = " . intval($_GET['genre_id']); 
} 

$result = mysql_query($sql); 
while($row = mysql_fetch_array($result)) 
{ 
            echo "<tr> 
                    <td rowspan='3'>","<img src=".$row['Картинка']."width='150' height='200'>","</td> 
                    <td>","<a href='o_book.php'>{$row['Название']}</a>","<br><br>","</td> 
                    <td>","цена ",$row['Цена']," руб.","</td> 
                </tr> 
                <tr> 
                    <td rowspan='2'>",$row['Аннтотация'],"<br><br><br><br>","</td> 
                    <td>","на складе ",$row['Количество']," шт.","</td> 
                </tr> 
                <tr> 
                    <td>","<input type='submit' name='kup' value='Купить'>","</td> 
                </tr>"; 
} 


Кириллица в структуре БД – это ппц просто.

[Наталья Баева]

если я добавляю эту строку то у меня вообще ничего не выводится

$result = mysql_query($sql);

и выходят вот эти ошибки
Warning: mysql_query() expects parameter 1 to be string, resource given in C:\xampp\htdocs\internet\book.php on line 52

Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, null given in C:\xampp\htdocs\internet\book.php on line 53